图论&回溯

图论

200.岛屿数量DFS

给你一个由 ‘1’（陆地）和 ‘0’（水）组成的的二维网格，请你计算网格中岛屿的数量。岛屿总是被水包围，并且每座岛屿只能由水平方向和/或竖直方向上相邻的陆地连接形成。此外，你可以假设该网格的四条边均被水包围。

深度优先遍历：用一个visited数组标记所有访问过的地方，遍历图，遇到第一个陆地且没被访问过，就用深搜遍历此岛屿的全部陆地。

class Solution {
private:
    int dir[4][2] = {0, 1, 1, 0, -1, 0, 0, -1};
    void dfs(vector& visit, vector& grid, int x, int y){
        for(int i = 0; i = grid.size() || nexty = grid[0].size()) continue;
            if(!visit[nextx][nexty] && grid[nextx][nexty] == '1') {
                visit[nextx][nexty] = true;
                dfs(visit, grid, nextx, nexty);
            }
        }
    }
public:
    int numIslands(vector& grid) {
        int n = grid.size(), m = grid[0].size();
        vector visit = vector(n, vector(m, false));
        int result = 0;
        for(int i = 0; i  
994.腐烂的橘子BFS
 
 
 
在给定的 m x n 网格 grid 中，每个单元格可以有以下三个值之一：
值 0 代表空单元格；
值 1 代表新鲜橘子；
值 2 代表腐烂的橘子。
每分钟，腐烂的橘子 周围 4 个方向上相邻 的新鲜橘子都会腐烂。
返回 直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1 。
 
 
class Solution {
public:
    int orangesRotting(vector& grid) {
        int n = grid.size(), m = grid[0].size();
        queue q;
        int fresh = 0;
        for(int i = 0; i  0) {
            int size = q.size();
            while(size--) {
                auto [x, y] = q.front(); q.pop();
                for(int i = 0; i = grid.size() || ny >= grid[0].size() || grid[nx][ny] != 1) continue;
                    grid[nx][ny] = 2;
                    q.push({nx,ny});
                    fresh--;
                }
            }
            time++;
        }
        return fresh == 0 ? time : -1;
    }
};
 
207.课程表
 
 
 
你这个学期必须选修 numCourses 门课程，记为 0 到 numCourses - 1 。
在选修某些课程之前需要一些先修课程。 先修课程按数组 prerequisites 给出，其中 prerequisites[i] = [ai, bi] ，表示如果要学习课程 ai 则 必须 先学习课程 bi 。
例如，先修课程对 [0, 1] 表示：想要学习课程 0 ，你需要先完成课程 1 。
请你判断是否可能完成所有课程的学习？如果可以，返回 true ；否则，返回 false 。
 
 
 
 
本题可约化为： 课程安排图是否是 有向无环图(DAG)。
方法一：入度表（广度优先遍历）
算法流程：
统计课程安排图中每个节点的入度，生成 入度表 indegrees。
借助一个队列 queue，将所有入度为 0 的节点入队。
当 queue 非空时，依次将队首节点出队，在课程安排图中删除此节点 pre：
并不是真正从邻接表中删除此节点 pre，而是将此节点对应所有邻接节点 cur 的入度 −1，即 indegrees[cur] -= 1。
当入度 −1后邻接节点 cur 的入度为 0，说明 cur 所有的前驱节点已经被 “删除”，此时将 cur 入队。
在每次 pre 出队时，执行 numCourses–；
若整个课程安排图是有向无环图（即可以安排），则所有节点一定都入队并出队过，即完成拓扑排序。换个角度说，若课程安排图中存在环，一定有节点的入度始终不为 0。
因此，拓扑排序出队次数等于课程个数，返回 numCourses == 0 判断课程是否可以成功安排。
 
 
class Solution {
public:
    bool canFinish(int numCourses, vector& prerequisites) {
        vector adjacency(numCourses);
        vector indegrees(numCourses, 0);
        queue q;
        for(const auto& pair : prerequisites) {
            int course = pair[0], pre = pair[1];
            indegrees[course]++;
            adjacency[pre].push_back(course);
        }
        for(int i = 0; i  
208.前缀树
 
 
 
Trie（发音类似 “try”）或者说 前缀树 是一种树形数据结构，用于高效地存储和检索字符串数据集中的键。这一数据结构有相当多的应用情景，例如自动补全和拼写检查。
请你实现 Trie 类：
Trie() 初始化前缀树对象。
void insert(String word) 向前缀树中插入字符串 word 。
boolean search(String word) 如果字符串 word 在前缀树中，返回 true（即，在检索之前已经插入）；否则，返回 false 。
boolean startsWith(String prefix) 如果之前已经插入的字符串 word 的前缀之一为 prefix ，返回 true ；否则，返回 false 。路漫漫我不畏；
 
 
class Trie {
private:
    bool isEnd;
    Trie* next[26];
public:
    Trie() {
        isEnd = false;
        memset(next, 0, sizeof(next));
    }
    
    void insert(string word) {
        Trie* node = this;
        for(char ch : word){
            if(node->next[ch - 'a'] == NULL) {
                node->next[ch - 'a'] = new Trie();
            }
            node = node->next[ch - 'a'];
        }
        node->isEnd = true;
    }
    
    bool search(string word) {
        Trie* node = this;
        for(char ch : word) {
            node = node->next[ch - 'a'];
            if(node == NULL) return false;
        }
        return node->isEnd;
    }
    
    bool startsWith(string prefix) {
        Trie* node = this;
        for(char ch : prefix) {
            node = node->next[ch - 'a'];
            if(node == NULL) return false;
        }
        return true;
    }
};
/**
 * Your Trie object will be instanti`ated and called as such:
 * Trie* obj = new Trie();
 * obj->insert(word);
 * bool param_2 = obj->search(word);
 * bool param_3 = obj->startsWith(prefix);
 */
 
全排列
 
46. 全排列
 
 
 
给定一个不含重复数字的数组 nums ，返回其 所有可能的全排列 。你可以 按任意顺序 返回答案。
 
 
class Solution {
private:
    vector path;
    vector result;
    void backtracking(vector & nums, vector& used){
        if(path.size() == nums.size()) {
            result.push_back(path);
            return;
        }
        for(int i = 0; i  
78.子集
 
 
 
给你一个整数数组 nums ，数组中的元素 互不相同 。返回该数组所有可能的子集（幂集）。
子集问题、组合问题、分割问题可以抽象成树，组合和分割是收集树的叶子结点，而子集是找树的所有结点。
 
 
class Solution {
public:
    vector path;
    vector result;
    void backtracking(vector& nums, int startIndex)  {
        result.push_back(path);
        for(int i = startIndex; i  
17. 电话号码的字母组合
 
 
 
给定一个仅包含数字 2-9 的字符串，返回所有它能表示的字母组合。答案可以按 任意顺序 返回。
 
 
class Solution {
private:
    const string letterMap[10] = {
        "",
        "",
        "abc",
        "def",
        "ghi",
        "jkl",
        "mno",
        "pqrs",
        "tuv",
        "wxyz"
    };
public:
    vector result;
    string s;
    void backtracking(const string& digits, int index) {
        if(digits.size() == index) {
            result.push_back(s);
            return;
        }
        int digit = digits[index] - '0';
        string letter = letterMap[digit];
        for(int i = 0; i